Exemple de probabilitate totală. Formula probabilității totale și formulele Bayes
![Exemple de probabilitate totală. Formula probabilității totale și formulele Bayes](/uploads/caf2ad8014460f6e3e14cd33030678ca.jpg)
Citeste si
Formularul evenimentelor grup complet, dacă cel puțin unul dintre ele va apărea cu siguranță ca urmare a experimentului și este incompatibil în perechi.
Să presupunem că evenimentul A poate apărea numai împreună cu unul dintre mai multe evenimente incompatibile perechi care formează un grup complet. Vom chema evenimente ( i= 1, 2,…, n) ipoteze experiență suplimentară (a priori). Probabilitatea de apariție a evenimentului A este determinată de formula probabilitate deplină :
Exemplul 16. Sunt trei urne. Prima urnă conține 5 bile albe și 3 negre, a doua conține 4 bile albe și 4 negre, iar a treia conține 8 bile albe. Una dintre urne este selectată la întâmplare (aceasta ar putea însemna, de exemplu, că alegerea se face dintr-o urna auxiliară care conține trei bile numerotate 1, 2 și 3). Din această urnă se extrage la întâmplare o minge. Care este probabilitatea ca acesta să fie negru?
Soluţie. Eveniment A– bila neagră este îndepărtată. Dacă s-ar ști din ce urnă a fost extrasă mingea, atunci probabilitatea dorită ar putea fi calculată folosind definiția clasică a probabilității. Să introducem ipoteze (ipoteze) cu privire la ce urnă este aleasă pentru a recupera mingea.
Bila poate fi extrasa fie din prima urna (conjectura), fie din a doua (conjectura), fie din a treia (conjectura). Întrucât există șanse egale de a alege oricare dintre urne, atunci .
Rezultă că
Exemplul 17. Lămpile electrice sunt fabricate în trei fabrici. Prima fabrică produce 30% din numărul total de lămpi electrice, a doua - 25%,
iar al treilea - restul. Produsele primei fabrici conțin 1% lămpi electrice defecte, a doua - 1,5%, a treia - 2%. Magazinul primește produse de la toate cele trei fabrici. Care este probabilitatea ca o lampă cumpărată dintr-un magazin să se dovedească a fi defectă?
Soluţie. Trebuie făcute ipoteze cu privire la instalația în care a fost fabricat becul. Știind acest lucru, putem găsi probabilitatea ca acesta să fie defect. Să introducem notația pentru evenimente: A– lampa electrică achiziționată s-a dovedit a fi defectă, – lampa a fost fabricată de prima fabrică, – lampa a fost fabricată de a doua fabrică,
– lampa a fost fabricată de a treia fabrică.
Găsim probabilitatea dorită folosind formula probabilității totale:
Formula lui Bayes. Fie un grup complet de evenimente incompatibile în perechi (ipoteze). A– un eveniment aleatoriu. Apoi,
Ultima formulă care permite reestimarea probabilităților ipotezelor după ce se cunoaște rezultatul testului care a rezultat în evenimentul A se numește Formula Bayes .
Exemplul 18.În medie, 50% dintre pacienții cu boală sunt internați într-un spital de specialitate LA, 30% – cu boală L, 20 % –
cu boala M. Probabilitatea de vindecare completă a bolii K egal cu 0,7 pentru boli LȘi M aceste probabilități sunt 0,8 și, respectiv, 0,9. Pacientul internat la spital a fost externat sănătos. Găsiți probabilitatea ca acest pacient să fi suferit de boală K.
Soluţie. Să introducem ipotezele: – pacientul suferea de o boală LA L, – pacientul suferea de o boală M.
Apoi, conform condițiilor problemei, avem . Să introducem un eveniment A– pacientul internat în spital a fost externat sănătos. După condiție
Folosind formula probabilității totale obținem:
Conform formulei lui Bayes.
Exemplul 19. Să fie cinci bile în urnă și toate presupunerile despre numărul de bile albe sunt la fel de posibile. O minge este luată la întâmplare din urnă și se dovedește a fi albă. Ce presupunere despre compoziția inițială a urnei este cea mai probabilă?
Soluţie. Să fie ipoteza că în urnă sunt bile albe , adică se pot face șase ipoteze. Apoi, conform condițiilor problemei, avem .
Să introducem un eveniment A– o minge albă luată la întâmplare. Să calculăm. Deoarece , atunci conform formulei lui Bayes avem:
Astfel, cea mai probabilă ipoteză este pentru că .
Exemplul 20. Două dintre cele trei elemente care funcționează independent ale dispozitivului de calcul au eșuat. Găsiți probabilitatea ca primul și al doilea element să eșueze dacă probabilitățile de eșec ale primului, al doilea și respectiv al treilea element sunt 0,2; 0,4 și 0,3.
Soluţie. Să notăm prin A eveniment – două elemente au eșuat. Se pot formula urmatoarele ipoteze:
– primul și al doilea element au eșuat, dar al treilea element este operațional. Deoarece elementele funcționează independent, se aplică teorema înmulțirii:
Formula probabilității totale. Formule Bayes. Exemple de rezolvare a problemelor
După cum se știe, probabilitatea evenimentului A numiți raportul dintre numărul m de rezultate ale testelor favorabile apariției evenimentului A și numărul total n al tuturor rezultatelor incompatibile la fel de posibile: P(A)=m/n.
In afara de asta, probabilitatea condiționată a evenimentului A (probabilitatea evenimentului A, cu condiția ca evenimentul B să fi avut loc) este numărul P B (A) = P (AB) / P (B), unde A și B sunt doi evenimente aleatorii acelasi test.
Deoarece evenimentele pot fi reprezentate ca o sumă și un produs, atunci există reguli de adunare a probabilităților evenimente și, în consecință, reguli de multiplicare a probabilității . Acum să dăm conceptul de probabilitate totală.
Să presupunem că evenimentul A poate apărea numai împreună cu unul dintre evenimentele incompatibile pe perechi H1, H2, H3, ..., Hn, numite ipoteze. Atunci următoarele sunt adevărate formula probabilității totale :
Р(А) = Р(Н1)*Р Н1 (А)+ Р(Н2)*Р Н2 (А)+…+ Р(Нn)*Р Нn (А) = ∑Р(Н i) *R N i(A),
acestea. probabilitatea evenimentului A este egală cu suma produselor probabilităților condiționate ale acestui eveniment pentru fiecare dintre ipoteze și probabilitatea ipotezelor în sine.
Dacă evenimentul A s-a produs deja, atunci probabilitățile ipotezelor (probabilități a priori) pot fi supraestimate (probabilități posterioare) prin Formule Bayes :
Exemple de rezolvare a problemelor pe tema „Formula probabilității totale. formule Bayes"
Problema 1 .
Ansamblul primește piese de la trei mașini. Se știe că prima mașină dă 3% din defecte, a doua - 2% și a treia - 4%. Găsiți probabilitatea ca o piesă defectă să intre în ansamblu dacă sosesc 100 de piese de la prima mașină, 200 de la a doua și 250 de piese de la a treia.
Soluţie.
- evenimentul A = (o piesă defectă intră în ansamblu);
- ipoteza H1 = (această parte este de la prima mașină), P(H1) = 100/(100+200+250) =100/550=2/11;
- ipoteza H2 = (această parte este de la a doua mașină), P(H2) = 200/(100+200+250) = 200/550=4/11;
- ipoteza H3 = (această parte este de la a treia mașină), P(H3) = 250/(100+200+250) = 250/550=5/11.
2. Probabilitățile condiționate ca piesa să fie defectă sunt P H1 (A) = 3% = 0,03, P H2 (A) = 2% = 0,02, P H3 (A) = 4% = 0,04.
3. Folosind formula probabilității totale, găsim
P(A)= P(H1)*P H1 (A)+ P(H2)*P H2 (A)+P(H3)*P H3 (A) = 0,03*2/11 + 0,02* 4/11 + 0,04*5/11 = 34/1100 ≈ 0,03
Problema 2 .
Sunt două urne identice. Prima conține 2 bile negre și 3 albe, a doua - 2 bile negre și 1 albă. Mai întâi, o urna este selectată aleatoriu, apoi o bilă este extrasă din ea la întâmplare. Care este probabilitatea ca bila albă să fie selectată?
Soluţie. 1. Luați în considerare următoarele evenimente și ipoteze:
- A = (dintr-o urna arbitrara se extrage o bila alba);
- H1 = (bila aparține primei urne), P(H1) = 1/2 = 0,5;
- H2 = (bila aparține celei de-a doua urne), P(H2) = 1/2 = 0,5;
2. Probabilitatea condiționată ca bila albă să aparțină primei urne R H1 (A) = 3/(2+3) = 3/5 și probabilitatea condiționată ca bila albă să aparțină celei de-a doua urne R H2 (A) = 1/(2+1)=1/3;
3. Folosind formula probabilității totale, obținem P(A) = P(H1)*P H1 (A)+P(H2)*P H2 (A) = 0,5*3/5 + 0,5*1/3 = 3 /10 + 1/6 = 7/15 ≈ 0,47
Problema 3 .
Turnarea în semifabricate provine din două ateliere de achiziții: din primul atelier - 70%, din al doilea atelier - 30%. Turnarea din primul atelier are 10% defecte, turnarea din al doilea - 20% defecte. Blankul luat la întâmplare s-a dovedit a fi fără defect. Care este probabilitatea producerii acestuia de către primul atelier?
Soluţie. 1. Luați în considerare următoarele evenimente și ipoteze:
- eveniment A = (blank fără defect);
- ipoteza H1 = (blankul a fost fabricat de primul atelier), P(H1) = 70% = 0,7;
- ipoteza H2 = (blankul a fost fabricat de al doilea atelier), P(H2) = 30% = 0,3.
2. Deoarece turnarea primului atelier are 10% defecte, atunci 90% din semifabricatele produse de primul atelier nu au defecte, i.e. RH1 (A) = 0,9.
Turnarea celui de-al doilea atelier are 20% defecte, apoi 80% din semifabricatele produse de al doilea atelier nu au defecte, i.e. RH2(A) = 0,8.
3. Folosind formula lui Bayes găsim R A (H1)
0,7*0,9/(0,7*0,9+0,3*0,8)= 0,63/0,87≈0,724.
În practică, este adesea necesar să se determine probabilitatea ca un eveniment de interes să se producă cu unul dintre evenimente care formează un grup complet. Următoarea teoremă, o consecință a teoremelor de adunare și înmulțire a probabilității, conduce la derivarea unei formule importante pentru calcularea probabilității unor astfel de evenimente. Această formulă se numește formula probabilității totale.
Lăsa H 1 , H 2 , … , H n este nperechi incompatibil evenimente care formează un grup complet:
1) toate evenimentele sunt incompatibile perechi: Bună ∩ Hj= ; i, j= 1,2, … , n; ij;
2) unirea lor formează spațiul rezultatelor elementare W:
Astfel de evenimente sunt uneori numite ipoteze. Lasă evenimentul să se întâmple A, care poate avea loc numai dacă are loc unul dintre evenimente H eu ( i = 1, 2, … , n). Atunci teorema este adevărată.
Dovada. Într-adevăr, prin condiție evenimentul A poate apărea dacă are loc unul dintre evenimentele incompatibile H 1 , H 2 … H n, adică producerea unui eveniment Aînseamnă producerea unuia dintre evenimente H 1 ∙ A, H 2 ∙ A, … , H n∙ A. Ultimele evenimente sunt și ele incompatibile, deoarece... din H eu∙ H j = ( eu j) rezultă că ( A ∙ H i) ∙ ( A ∙ H j) = ( eu j). Acum notăm că Această egalitate este bine ilustrată în fig. 1.19. Din teorema adunării rezultă Cometariu. Probabilități de evenimente (ipoteze) H 1 , H 2 , … , H n , care sunt incluse în formula (1.14) la rezolvarea unor probleme specifice, fie sunt specificate, fie trebuie calculate în timpul procesului de rezolvare. În acest din urmă caz, corectitudinea calculului R(H i) ( i = 1, 2, … , n) se verifică prin relația = 1 și prin calcul R(H i) se realizează la prima etapă de rezolvare a problemei. În a doua etapă se calculează R(A). Când rezolvați probleme folosind formula probabilității totale, este convenabil să respectați următoarea tehnică. Metodologia de aplicare a formulei probabilității totale A). Introduceți un eveniment în considerare (notăm A), a cărui probabilitate trebuie determinată pe baza condițiilor problemei. b). Introduceți evenimente (ipoteze) în considerare H 1 , H 2 , … , H n , care formează un grup complet. V). Notați sau calculați probabilitățile ipotezelor R(H 1), R(H 2), … , R(H n). Verificarea corectitudinii calculului R(H i) verificat de stare G). Calculați probabilitatea necesară R(A) conform formulei (1.14). Exemplu. Economistul a calculat că probabilitatea unei creșteri a prețului acțiunilor companiei sale în anul urmator va fi 0,75 dacă economia țării este în creștere și 0,30 dacă există o criză financiară. Potrivit experților, probabilitatea redresării economice este de 0,6. Estimați probabilitatea ca acțiunile companiei să crească în preț în anul următor. Soluţie. La început, condiția problemei este formalizată în termeni de probabilitate. Lăsa A– evenimentul „acțiunile vor crește în preț” (relativ la problemă). În funcție de condițiile problemei, se disting ipotezele: H 1 – „economia va fi în creștere”, H 2 – „economia va intra într-o perioadă de criză”. H 1 , H 2 – formați un grup complet, i.e. H 1 ∙ H 2 = , H 1 + H 2 = . Probabilitate p(H 1) = 0,6, prin urmare, p(H 2) = 1 – 0,6 = 0,4. Probabilități condiționate p(A/H 1) = 0,75, p(A/H 2) = 0,3. Folosind formula (1.14), obținem: p(A) = p(H 1) ∙ p(A/H 1) + p(H 2) ∙ p(A/H 2) = 0,75 ∙ 0,6 + 0,3 ∙ 0,4 = 0,57. |
Formula probabilității totale.
O consecință a ambelor principale teoreme - teoreme adunarea probabilităților și teorema înmulțirii probabilităților este așa-numita formulă a probabilității totale.
Să fie necesar să se determine probabilitatea unui eveniment A care poate apărea cu unul dintre evenimente
, formând un grup complet de evenimente incompatibile.Vom numi aceste evenimente ipoteze.
Să demonstrăm că în acest caz
Probabilitatea evenimentului A se calculează ca suma produselor dintre probabilitatea fiecărei ipoteze și probabilitatea condiționată a evenimentului atunci când această ipoteză este realizată.
Această formulă se numește formula probabilității totale.
Dovada
Deoarece ipotezele H1, H2..., Hn formează un grup complet, evenimentul A poate apărea în combinație cu oricare dintre aceste ipoteze.
A=AH1+AH2+…+Ahn.
Deoarece ipotezele H1, H2,…,Hn sunt incompatibile, atunci combinațiile H1A, H2A,…,HnA sunt și ele incompatibile; Aplicând teorema de adunare, obținem:
Aplicând teorema înmulțirii evenimentului HiA, obținem
Q.E.D.
Există trei urne cu aspect identic: prima urnă conține două bile albe și una neagră; în al doilea sunt trei bile albe și una neagră; în al treilea sunt două bile albe și două negre.
Cineva alege una dintre urne la întâmplare și ia o minge din ea.Aflați probabilitatea ca această minge să fie albă.
Să luăm în considerare trei ipoteze:
H1-selectarea primei urne,
H2-selectarea celei de-a doua urne,
H3-alegerea celei de-a treia urne
Iar evenimentul A este apariția unei mingi albe.
Întrucât ipotezele în funcție de condițiile problemei sunt la fel de posibile, atunci
Probabilitățile condiționate ale evenimentului A în aceste ipoteze sunt, respectiv, egale
Problema 3.5.
Planta produce produse, fiecare dintre ele având un defect cu probabilitate p.
În atelier sunt trei supraveghetori; este considerată de un singur inspector, cu probabilitate egală primul, al doilea sau al treilea.Probabilitatea detectării unui defect (dacă există) pentru al-lea inspector este egală cu Pi (i = 1,2,3). Dacă produsul nu a fost respins în atelier, atunci acesta merge la departamentul de control al calității al fabricii, unde defectul, dacă există, este detectat cu probabilitatea P0.
Determinați probabilitatea ca produsul să fie respins.
A - produsul va fi respins
B - produsul va fi respins în atelier
C- produsul va fi respins de departamentul de control al calității fabricii.
Întrucât evenimentele B și C sunt incompatibile și
P(A)=P(B)+P(C)
Găsim P(B).Pentru ca un produs să fie respins în atelier este necesar, în primul rând, să aibă un defect, iar în al doilea rând, să fie detectat defectul.
Probabilitatea ca un defect să fie descoperit în atelier este egală cu
Într-adevăr,
Formularea de ipoteze
Defect H1 detectat de primul inspector
Defect H2 detectat de al 2-lea inspector
Defect H3 detectat de al 3-lea inspector
De aici
De asemenea
Teorema ipotezei (formula Bayes)
O consecință a teoremei înmulțirii și a formulei probabilității totale este așa-numita teoremă de ipoteză sau formula Bayes.
Să punem următoarea problemă.
Există un grup complet de ipoteze incompatibile Н1, Н2,...Hn. Probabilitățile acestor ipoteze sunt cunoscute înainte de experiment și sunt egale, respectiv, Р(Н1), Р(Н2),..., P(Hn). a fost efectuată, în urma căreia a fost observată apariția unui eveniment A. Întrebarea este cum ar trebui modificate probabilitățile ipotezelor în legătură cu apariția acestui eveniment?
Aici, în esență, vorbim despre găsirea probabilității condiționate P (Hi/A) pentru fiecare ipoteză.
Din teorema înmulțirii avem:
P(AHi)=P(A)*P(Hi/A)=P(Hi)*H(A/Hi),
Sau aruncați partea stângă
P(A)*P(Hi/A)=P(Hi)*P(A/Hi), i=1,2,…,n de unde
Sau exprimând P(A) folosind formula probabilității totale, avem
Această formulă se numește formula Bayes sau teorema ipotezei.
Dispozitivul poate fi asamblat din piese de înaltă calitate și din piese de calitate obișnuită; în general, aproximativ 40% dintre dispozitive sunt asamblate din piese de înaltă calitate. Dacă dispozitivul este asamblat din piese de înaltă calitate, fiabilitatea acestuia (probabilitatea de funcționare fără defecțiuni) în timpul t este de 0,05; dacă piesele sunt de calitate obișnuită, fiabilitatea sa este de 0,7. Dispozitivul este testat pentru timpul t și a funcționat impecabil Găsiți probabilitatea ca acesta să fie asamblat din piese de înaltă calitate.
Sunt posibile două ipoteze:
Dispozitivul H1 este asamblat din piese de înaltă calitate,
Dispozitivul H2 este asamblat din piese de calitate obișnuită.
Probabilitatea acestor ipoteze înainte de experiment
P(H1)=0,4; P(H2)=0,6.
Ca rezultat al experimentului, a fost observat evenimentul A - dispozitivul este fără defecte
A lucrat timp t. Probabilitățile condiționate ale acestui eveniment la
Ipotezele H1 și H2 sunt egale:
P(A/H1) = 0,95; P(A/H2) = 0,7.
Folosind formula Weiss, găsim probabilitatea ipotezei H1 după
Probleme de combinatorie.
In multe cercetare statistică Există probleme combinatorii, a căror unicitate este util să se demonstreze cu exemple:
În câte moduri pot fi aranjate 10 cărți diferite pe un raft?
La turneu participă 8 echipe. Câte idei diferite pot fi făcute cu privire la primele trei locuri (pe baza rezultatelor competiției)?
Câte cuvinte diferite de trei litere pot fi formate din 32 de litere ale alfabetului, indiferent dacă cuvintele formate din litere au sens sau nu?
În câte moduri pot fi selectate r elemente dintr-un set de k (diferite) elemente?
Cât de mare este numărul de rezultate diferite ale aruncării a două zaruri?
Exemplele date arată că în problemele de combinatorie se interesează în general numărul de mostre diferite ale anumitor obiecte și, în funcție de tip cerințe suplimentare, este necesar să se distingă care probe sunt considerate la fel și care sunt diferite.
În teoria probabilității și statistici matematice Ei folosesc în principal trei concepte de combinatorie:
Plasări
Rearanjamente
Combinații
Aranjamentele de n elemente după m sunt acele conexiuni care diferă unele de altele prin elementele în sine sau ordinea lor. De exemplu: așezările a 3 elemente a, b, c cu 2: ab, ac, bc, ba, ca, cb Numărul tuturor plasărilor a n elemente diferite prin m A
De exemplu: plasarea a 3 elemente a, b, c cu 2: ab, ac, bc, ba, ca, cb Numărul tuturor plasărilor a n elemente diferite prin m A
Total m multiplicatori
Permutațiile n elemente sunt acele conexiuni care diferă între ele doar în ordinea elementelor incluse în ele. De exemplu: o permutare a trei elementele a,bși c: abc, bca, cab, cba, bac, acb. Numărul tuturor permutărilor a n elemente diferite Pn
Pn= 1*2*3* …*n=n!=An
În câte moduri pot fi aranjate 10 cărți pe un raft?
P10=10!=3628800.
Combinațiile de n elemente ale lui m se numesc compușii lor, diferind unele de altele doar prin elementele în sine. De exemplu: combinații de trei elemente a, b și c, câte două: ab, ac, bc. Numărul tuturor combinațiilor de n elemente diferite cu m este notat cu Cn
Putem scrie
Repetarea experimentelor
La aplicație practică Teoria probabilității întâmpină adesea probleme în care același experiment sau experimente similare sunt repetate în mod repetat. Ca rezultat al fiecărui experiment, un eveniment A poate apărea sau nu ca urmare a unei serii de experimente.
Astfel de probleme se rezolvă foarte ușor în cazul în care experimentele sunt independente.
Mai multe experimente sunt numite independente dacă probabilitatea unui rezultat sau altul al fiecărui experiment nu depinde de rezultatele pe care le-au avut celelalte experimente. Mai multe scoateri succesive ale unei cărți din pachet constituie experimente independente, cu condiția ca cartea scoasă să fie returnată în pachet de fiecare dată și cărțile să fie amestecate; altfel, experimente dependente.
Experimentele independente pot fi efectuate în aceleași condiții sau în condiții diferite.
Teorema generală privind repetarea experimentelor.
O anumită teoremă privind repetarea experimentelor se referă la cazul în care probabilitatea evenimentului A este aceeași în toate experimentele. În practică, întâlnim adesea un caz mai complex, când experimentele sunt efectuate în condiții diferite, iar probabilitatea unui eveniment se schimbă de la experiment la experiment. O metodă de calcul a probabilității unui număr dat de apariții ale evenimentelor în astfel de condiții este dată de teorema generală privind repetarea experimentelor.
Fie numărul de experimente u=2, apoi grupul complet de evenimente:
P1P2+P1q2+q1P2+q1q2
Fie numărul de experimente u=3, apoi grupul complet de evenimente:
P1P2P3+P1P2q3+P1q2P3+q1P2P3+P1q2q3+q1P2q3+q1q2P+q1q2q3
În mod similar, pentru numărul de experimente n, grupul complet de evenimente este:
P1P2*…*Pn+P1P2*…*qn+…+q1P2*…*Pn+…+q1*q2*…qn, iar în fiecare dintre produse, evenimentul A apare de m ori, iar evenimentul A apare de n-m ori. combinații este încă
sau mai scurt
unde z este un parametru arbitrar.
Funcția jn(z), a cărei expansiune în puteri ale parametrului z dă pm,n ca coeficienți de probabilitate, se numește funcția de probabilitate generatoare pm,n sau pur și simplu funcția generatoare.
Folosind conceptul de funcții generatoare, putem formula o teoremă generală privind repetarea experimentelor sub următoarea formă:
Probabilitatea ca evenimentul A să apară exact de m ori în n experimente independente este egală cu coeficientul lui zm în expresia funcției generatoare
jn(z)=(qi+piz) unde pi este probabilitatea de apariție a evenimentului A în al-lea experiment
Formularea de mai sus a teoremei generale privind repetarea experimentelor, spre deosebire de teorema particulară, nu oferă o expresie explicită pentru probabilitatea pm,n.
În principiu, o astfel de expresie poate fi scrisă, dar este prea complexă și nu o vom da.
Cu toate acestea, fără a recurge la o astfel de expresie explicită, este încă posibil să se scrie teorema generală privind repetarea experimentelor sub forma unei singure formule.
valoare aleatorie.
Unul dintre cele mai importante concepte de bază ale teoriei probabilităților este conceptul de variabilă aleatorie.
O variabilă aleatorie este o cantitate care, ca rezultat al experimentului, poate lua una sau alta valoare și nu se știe dinainte ce nume.
Exemple de variabile aleatoare:
Numărul de apeluri primite la centrala telefonică pe zi;
Numărul de băieți născuți în maternitate pe lună;
Numărul de fete născute în maternitate pe lună;
În toate cele trei exemple, variabilele aleatoare pot lua valori individuale, izolate, care pot fi enumerate în prealabil.
În exemplul 1;
Asemenea variabile aleatoare care iau doar valori individuale separate unele de altele sunt numite variabile discrete.
Există și alte tipuri de variabile aleatoare.
De exemplu, temperatura aerului, umiditatea aerului, tensiunea în rețeaua de curent electric.
Funcția de distribuție.
Seria de distribuție, poligonul de distribuție nu
sunt caracteristici universale variabilă aleatorie: ele există numai pentru variabile aleatoare discrete.Este ușor de observat că o astfel de caracteristică nu poate fi construită pentru o variabilă aleatoare continuă. Într-adevăr, o variabilă aleatoare continuă are un număr infinit de valori posibile, ???? ocupând un anumit interval (așa-numitul „mult nenumărabil”). Este imposibil să creați un tabel care să enumere toate valorile posibile ale unei astfel de variabile aleatorii. În consecință, pentru o variabilă aleatoare continuă nu există o serie de distribuție în sensul în care există pentru o variabilă discontinuă. Cu toate acestea, diferite regiuni ale valorilor posibile ale unei variabile aleatoare nu sunt încă la fel de probabile, iar pentru o variabilă continuă există o distribuție de probabilitate, deși nu în același sens ca pentru una discontinuă (sau discretă).